给定 n 个非负整数 a1,a2,...,an,每个数代表坐标中的一个点 (i, ai) 。在坐标内画 n 条垂直线,垂直线 i 的两个端点分别为 (i, ai) 和 (i, 0)。找出其中的两条线,使得它们与 x 轴共同构成的容器可以容纳最多的水。
说明:你不能倾斜容器,且 n 的值至少为 2。
图中垂直线代表输入数组 [1,8,6,2,5,4,8,3,7]。在此情况下,容器能够容纳水(表示为蓝色部分)的最大值为 49。
示例:
输入: [1,8,6,2,5,4,8,3,7]
输出: 49
思路:
设立一个最大面积res
设一个左指针i一个右指针j,每次取左指针和右指针中小的值min(height[i],height[j]),乘以它们之间的坐标差(j-1),算出来一个面积,如果比最大面积大,就更新最大面积,然后再比较height[i]和height[j],如果height[i]比height[j]小,则i++,反之则j--,一直循环到i>=j为止
原理:
我们每次计算的都是的面积,若长是x,宽是y,则进行下一次计算时x会减1,即x会减少,为了获得更大的面积,我们需要更新短的那一根柱子,保有长的那一根柱子,这样才有几率获得更大的宽y,这样x*y才可能比最大的值大
代码:
class Solution {
public:
int maxArea(vector<int>& height) {
int ret=0;
int temp;
for(int i=0,j=height.size()-1;i<j;)
{
temp=min(height[i],height[j])*(j-i); //计算2个指针的height围成的面积
ret=ret>temp?ret:temp; //更新最大面积
if(height[i]>height[j]) //依据左右指针的height大小移动左右指针
j--;
else
i++;
}
return ret;
}
};
效率:
优化:
用一个keep存指针中小的那一个的height,判断更新后的指针的height是否比keep要大,如果不大,则继续更新直到大为止
代码:
static const auto __ = []() {
std::ios::sync_with_stdio(false);
std::cin.tie(nullptr);
return nullptr;
}();
class Solution {
public:
int maxArea(vector<int>& height) {
int ret=0;
int temp;
int keep;
for(int i=0,j=height.size()-1;i<j;)
{
temp=min(height[i],height[j])*(j-i);
ret=ret>temp?ret:temp;
if(height[i]>height[j])
{
keep=height[j]; //不同的地方
j--;
while(height[j]<=keep)
j--;
}
else
{
keep=height[i]; //不同的地方
i++;
while(height[i]<=keep)
i++;
}
}
return ret;
}
};
效率: